朱樹(shù)海

【摘要】本文通過(guò)考察一道積分不等式的幾何意義，給出該不等式的多種證明，并以此為基礎(chǔ)，弱化不等式的條件，提出了更具有廣泛應(yīng)用的兩個(gè)積分不等式.

【關(guān)鍵詞】積分不等式;連續(xù);單調(diào)遞減函數(shù)

積分理論是微積分學(xué)的一個(gè)重要內(nèi)容，積分不等式的證明是常見(jiàn)問(wèn)題，它在高等數(shù)學(xué)中起到重要的作用，在數(shù)學(xué)分析、概率論和泛函分析中都有所涉及，這就使得積分不等式的問(wèn)題顯得尤為重要.積分不等式的學(xué)習(xí)對(duì)培養(yǎng)數(shù)學(xué)思維、邏輯思維能力起著非常重要的用.積分不等式的證明同大多數(shù)高難度數(shù)學(xué)問(wèn)題一樣，沒(méi)有固定的模式，證法因題而異，靈活多變，技巧性強(qiáng)，因此在學(xué)生學(xué)習(xí)過(guò)程中經(jīng)常難以把握證明的思想方法.本文就一道常見(jiàn)的積分不等式分析如下：

積分不等式 設(shè)f（x）在[0，1]上連續(xù)且單調(diào)遞減，對(duì)α∈（0，1），則有

∫α0f（x）dx≥α∫10f（x）dx.

給出幾種證明方法，并以此為基礎(chǔ)，弱化不等式的條件，提出了更具有廣泛應(yīng)用的兩個(gè)積分不等式.

一、積分不等式的證明

1.利用積分換元

由于f（x）在[0，1]上連續(xù)，故令x=αt，則

∫α0f（x）dx=∫10f（αt）d（αt）=α∫10f（αx）dx.

又因?yàn)閒（x）在[0，1]上單調(diào)遞減，且0<α<1，故f（αx）≥f（x），所以

∫10f（αx）dx≥∫10f（x）dx.

因此

∫α0f（x）dx=α∫10f（αx）dx≥α∫10f（x）dx.

2.利用函數(shù)單調(diào)性

構(gòu)造輔助函數(shù)

F（α）=1α∫α0f（x）dx，α∈（0，1）.

由于f（x）在[0，1]上連續(xù)，因此∫α0f（x）dx關(guān)于α可導(dǎo)，故

F′（α）=f（α）α-∫α0f（x）dxα2=∫α0f（α）dx-∫α0f（x）dxα2.

又因?yàn)閒（x）在[0，α]上單調(diào)遞減，故f（α）≤f（x）（x∈[0，α]），因此

∫α0f（α）dx≤∫α0f（x）dx.

所以

F′（α）≤0，α∈（0，1）.

故F（α）在（0，1）單調(diào)遞減，并且可擴(kuò)展到在（0，1]上單調(diào)遞減，所以F（α）≥F（1）.

因此

1α∫α0f（x）dx≥∫10f（x）dx.

即

∫α0f（x）dx≥α∫10f（x）dx.

3.利用二重積分

將積分不等式兩邊轉(zhuǎn)化為二重積分

∫α0f（x）dx=∫10dy∫α0f（x）dx=D0f（x）dxdy+D1f（x）dxdy，

α∫10f（x）dx=∫α0dy∫10f（x）dx=D0f（x）dxdy+D2f（x）dxdy.

其中各積分區(qū)域如圖所示：

D0=[0，α]×[0，α]，

D1=[0，α]×[α，1]，

D2=[α，1]×[0，α].

又由于f（x）在[0，1]上單調(diào)遞減，故在D1內(nèi)，有

f（x）≥f（α）;

在D2內(nèi)，有

f（x）≤f（α）.

而易知區(qū)域D1和D2的面積相等，因此

D1f（x）dxdy≥D1f（α）dxdy=D2f（α）dxdy≥D2f（x）dxdy.

綜上可知原不等式成立.

二、不等式的改進(jìn)

由以上證明過(guò)程可見(jiàn)，可以將限定區(qū)間[0，1]進(jìn)行適當(dāng)修改，使得積分不等式更具有應(yīng)用性.

定理1 設(shè)f（x）在[0，M]上連續(xù)且單調(diào)遞減，對(duì)α，β∈（0，M），若α≤β，則有

β∫α0f（x）dx≥α∫β0f（x）dx.

Remark：該定理中的積分不等式形式對(duì)稱，幾何意義明顯，可仿造上述方法證明，只需將1變成β即可.當(dāng)然還有很多證明方法，詳見(jiàn)文獻(xiàn)[2].

從定理1和定理2的證明中可看出，函數(shù)f（x）連續(xù)這一條件至關(guān)重要，上述證明方法都是建立在這一條件的基礎(chǔ)之上，這也勢(shì)必使得該積分不等式的應(yīng)用受到一定的限制.我們自然會(huì)考慮是否可以將上述積分不等式中函數(shù)f（x）連續(xù)去掉，弱化條件，使不等式的應(yīng)用更具廣泛性？研究發(fā)現(xiàn)是可行的，我們可以得到如下結(jié)論：

定理2 設(shè)f（x）在[0，M]上單調(diào)遞減，對(duì)α，β∈（0，M），若α≤β，則有

β∫α0f（x）dx≥α∫β0f（x）dx.

證明 由于f（x）在[0，M]上單調(diào)遞減，故對(duì)α，β∈（0，M），積分∫α0f（x）dx和∫β0f（x）dx存在.由于

∫β0f（x）dx=∫α0f（x）dx+∫βαf（x）dx，

故只需證

β∫α0f（x）dx≥α∫α0f（x）dx+α∫βαf（x）dx.

即

（β-α）∫α0f（x）dx≥α∫βαf（x）dx.

由于f（x）在[0，M]上單調(diào)遞減，故

當(dāng)x∈[0，α]，f（x）≥f（α），

當(dāng)x∈[α，β]，f（x）≤f（α），

所以

（β-α）∫α0f（x）dx≥（β-α）∫α0f（α）dx=α（β-α）f（α），

α∫βαf（x）dx≤α∫βαf（α）dx=α（β-α）f（α）.

因此

（β-α）∫α0f（x）dx≥α（β-α）f（α）≥α∫βαf（x）dx.

由上述分析可知，原不等式成立.

【參考文獻(xiàn)】

[1]邵劍，李大侃.微積分專題梳理與解讀[M].上海：同濟(jì)大學(xué)出版社，2011：145.

[2]馬德炎.抽象與具體函數(shù)積分不等式的證明[J].高等數(shù)學(xué)研究，2003（4）：37-40.