馮祖康 馮顯碩
學(xué)生雖然熟悉待定系數(shù)法的定義與解題步驟,但機(jī)械模仿解題過程、缺乏靈活運(yùn)用能力者居多。筆者思考并總結(jié)了用待定系數(shù)法求解的三種主要情形,幫助學(xué)生從根本上感悟其妙處,提升思維的靈活性與敏捷性。
情形1:所求結(jié)果的概型易鎖定,可優(yōu)先考慮待定系數(shù)法
初中數(shù)學(xué)中求一次函數(shù)、二次函數(shù)解析式等問題,高中數(shù)學(xué)中求圓錐曲線方程、求數(shù)列通項(xiàng)公式及前[n]項(xiàng)和等問題,都具有相似的已知與設(shè)問架構(gòu)。求解時(shí),我們可以先借助系數(shù)設(shè)出結(jié)果的基本形式,然后根據(jù)其他條件列出方程(組),最后借助方程求出該系數(shù)。此種方法的哲學(xué)意蘊(yùn)是先主后次,即先注重整體的統(tǒng)領(lǐng)地位,后靈活地協(xié)同部分。
例1 已知[a1=1],[an+1=2an+5],求[an]的通項(xiàng)公式。
解:[a2=2a1+5=7],設(shè)an=A·2n-1+B
當(dāng)[n]=1時(shí),A+B=1? ①
當(dāng)[n]=2時(shí),2A+B=7 ②
聯(lián)解①、②得:A=6,B=-5
∴an=6×2n-1-5=3×2n-5
例2 已知an=2n+1,bn=2n,求:[Tn]=[a1b1]+[a2b2]+…+[anbn]的前[n]項(xiàng)和。
解:設(shè)Tn=(An+B)·qn-B,A,B為待定系數(shù),將[n]=1和[n]=2分別代入得
[(A+B)×21-B=6(2A+B)×22-B=26]? 解得[A=4B=-2]
∴Tn=(4n-2)×2n+2=(2n-1)×2n+1+2
掩卷而思,如果我們不知道遞推數(shù)列的通項(xiàng)公式為指數(shù)型函數(shù)an=Aqn-1+B,等差數(shù)列的前[n]項(xiàng)和是常數(shù)項(xiàng)為0的二次函數(shù)式Sn=An2+Bn,等比數(shù)列的前[n]項(xiàng)和為指數(shù)型函數(shù)Sn=A·qn+B,以及差比數(shù)列的前[n]項(xiàng)和公式為Sn=(An+B)·qn-B,就不可能用待定系數(shù)法便捷地求解上述兩個(gè)題目??梢?,基本的知識儲備是使用待定系數(shù)法的前提。
情形2:預(yù)感題設(shè)中的數(shù)學(xué)結(jié)構(gòu)與某種熟悉的數(shù)學(xué)結(jié)構(gòu)有關(guān)聯(lián),但通過順向思維難以找到這種關(guān)聯(lián),此種情況下,可借助待定系數(shù)法解題
我們要先嘗試列出這種關(guān)系,再逆推其系數(shù)是否存在解,若存在解,說明猜想能實(shí)現(xiàn),若無解,說明猜想錯(cuò)誤。通過猜想、驗(yàn)證的方法尋找答案往往簡便易行。
例3 已知數(shù)列[an]中,an=1,an+1=c-[1an],設(shè)c=[52],bn=[1an-2],求數(shù)列[bn]的通項(xiàng)公式(2010高考全國卷一)。
解題時(shí),消去an和an+1后就建立了bn+1與bn的遞推關(guān)系式:bn+1=4bn+2。這個(gè)結(jié)構(gòu)很容易使我們聯(lián)想到等比數(shù)列的定義:bn+1=qbn。不同點(diǎn)是,前者的常數(shù)項(xiàng)不為0,而后者為0。如何把前者轉(zhuǎn)化為后者的形式,再加以解決呢?通過猜想,建構(gòu)bn等于某個(gè)等比數(shù)列[Cn]與常數(shù)[?]的和,即bn=[Cn+?],則[Cn]=[bn-?]。設(shè)[Cn]的公比為q,即[Cn+1]=q[Cn],由已知可以得到[Cn+1]-[?]=q(bn-[?]),整理后,與已知的bn+1=4bn+2比較,可得q=4,[?]=-[23]。這個(gè)結(jié)果的建構(gòu)主要靠數(shù)學(xué)直觀,并不像情形1一樣有明確的定義、定理作保證,所以這里的q和[?]并不一定有解。如果把bn猜想成某個(gè)等差數(shù)列[Cn]與常數(shù)[?]的和,則[?]無解,說明猜想錯(cuò)誤。
用待定系數(shù)法解題的妙處是把由因索果的難題轉(zhuǎn)化為執(zhí)果索因的易題。比如,把[1n(n-1)]裂項(xiàng)。如果直接變形,由于無章可循,其變形過程盲目性高,成功率低。但當(dāng)我們設(shè)[1n(n-1)]=[αn-1-βn]后,就可以利用待定系數(shù)法把分式裂項(xiàng)問題轉(zhuǎn)變?yōu)橛欣碚?、方法作支撐的通分問題,通分后比較系數(shù)即可。
在講分?jǐn)?shù)指數(shù)冪時(shí),數(shù)學(xué)書上以“規(guī)定”的方式呈現(xiàn)[amn=amn(a>0)],學(xué)生心理接受度低。如果引導(dǎo)學(xué)生借助待定系數(shù)法大膽假設(shè)[amn=aλ],兩邊同乘[n]次方得[am=][aλn],故[λ=mn]。這樣根式與分?jǐn)?shù)指數(shù)冪的關(guān)系[amn=amn]就很自然地建立起來了。
例4? 已知非負(fù)實(shí)數(shù)[x,y,z]滿足[x+y+z=1],證明:[2-x]+[2-y]+[2-z]≥[22]+1。
不等式左邊三個(gè)根式結(jié)構(gòu)相似,但根式在運(yùn)算中不易操作,我們主觀期望根式能跟熟悉的多項(xiàng)式建立關(guān)系,不妨設(shè):
[2-x]≥[2]-[kx]
[?][k2x2-22kx+x≤0]
其中,[kx][≤2]
又∵[x∈0,1]∴[k=2-1],即當(dāng)0≤[x]≤[1]時(shí),[2-x]≥[2-(2-1)x]恒成立。
證明:∵0≤[x]≤[1],0≤[y]≤[1],0≤[z]≤[1]
∴[2-x]≥[2-(2-1)x] ①
[2-y]≥[2-(2-1)y] ②
[2-z]≥[2-(2-1)z] ③
三式相加得:[2-x]+[2-y]+[2-z]≥2[2]+1,其中[x,y,z]三個(gè)數(shù)中兩個(gè)數(shù)取0,一個(gè)數(shù)取1,三個(gè)式子同時(shí)取“=”號。
情形3:當(dāng)題目條件與定理不完全相符時(shí),可通過引入系數(shù)來“放寬”條件,使之與定理?xiàng)l件吻合,以借它山之石攻玉
引入系數(shù)后,“個(gè)性”問題就轉(zhuǎn)變成了“類性”問題,我們就可以由“類性”問題出發(fā),再去解決具體的“個(gè)性”問題。
例5? 已知[a,b,c∈R+],求證[a2a+b]+[b2b+c]+[c2a+c]≥[a+b+c2](《數(shù)學(xué)通報(bào)》1995年第4期問題T46)。
[(a-b)2≥0],在[a]與[b]相等的情況下,不等式取等號。若在某種具體情況下,如[a]不可能等于[b]時(shí),就只能保證[(a-b)2>0]。而此題中[a]與[a+b]兩個(gè)數(shù)明顯不相等,但所證不等式中卻含有等號,這時(shí)便可引進(jìn)系數(shù)“[λ]”,以便與定理?xiàng)l件相吻合。
設(shè)[(λa-b)2≥0],得[a2b≥2aλ-bλ2],([b>0][λ][>0])。當(dāng)[b=][λa]時(shí),不等式取“=”。
證明:由上式得[a2a+b][≥][2aλ-a+bλ2]①
[b2b+c][≥2bλ-b+cλ2] ②
[c2a+c]≥[2cλ-a+cλ2] ③
三式相加并整理得:
[a2a+b]+[b2b+c]+[c2a+c]≥([a+b+c])([2λ-2λ2])
令[2λ-2λ2]=[12],得[λ=2]
例6? 求函數(shù)[y=2sinx+sinx2](0<[x]<[π])的最小值。
若直接應(yīng)用均值不等式定理得[2sinx+sinx2]≥[21]=2,而[2sinx=sinx2]時(shí),[sin2x=4],這與[sin2x]≤1相矛盾。原因是[2sinx]與[sinx2]兩個(gè)數(shù)不可能相等。如果忽略了這一隱含條件,直接用均值定理求得的最小值,就不是條件允許范圍內(nèi)的最小值。引入系數(shù)α后,就可使之與定理的條件要求相吻合。
解:設(shè)存在0<α<2
所以[y=][sinx2+][2-αsinx]+[αsinx]≥
[2sinx2·αsinx]+[2-αsinx]≥[2α2+2-α]
由兩個(gè)不等式同時(shí)取得最小值的條件得:
[sinx2=αsinxsinx=1],α=[12],[y]的最小值為[52]
由此可知,用待定系數(shù)法求解需要以一定的數(shù)學(xué)閱歷和豐富的聯(lián)想能力為基礎(chǔ),敏銳地捕捉到答案的主體結(jié)構(gòu)即主要矛盾,進(jìn)而以主體結(jié)構(gòu)為抓手,通過執(zhí)果索因的思維方法,達(dá)到化難為易的目的。
(作者單位:馮祖康,襄陽市??悼h中等職業(yè)技術(shù)學(xué)校;馮顯碩,重慶大學(xué)法學(xué)院)
責(zé)任編輯? 劉佳