大于2的偶數(shù)必定是2個素?cái)?shù)之和

吳葉唐寅

摘要：證明思路，假設(shè)任意偶數(shù)【2N≠Pa+Pb 】，根據(jù)模擬計(jì)算邏輯。

質(zhì)數(shù)（prime number）又稱素?cái)?shù)一個大于1的自然數(shù)，除了1和它本身外，不能被其他自然數(shù)整除，換句話說就是該數(shù)除了1和它本身以外不再有其他的因數(shù);否則稱為合數(shù)。根據(jù)算術(shù)基本定理，每一個比1大的整數(shù)，要么本身是一個質(zhì)數(shù)，要么可以寫成一系列質(zhì)數(shù)的乘積;而且如果不考慮這些質(zhì)數(shù)在乘積中的順序，那么寫出來的形式是唯一的。最小的素?cái)?shù)是2。

主體：用假設(shè)判斷未知。在無窮大偶數(shù)里面，只有未知數(shù)、a、b、c、d。只能根據(jù)判斷;它素?cái)?shù)、或合數(shù)。隨機(jī)算術(shù)。

當(dāng)：2N-P=B（B、它是素?cái)?shù)、或者、它是合數(shù)，）作為判斷依據(jù)。如果B等于質(zhì)數(shù)，偶數(shù)等于2個質(zhì)數(shù)之和。但是B是一個未知數(shù)，只能依據(jù)判斷它是素?cái)?shù)、或合數(shù)。如果一個合數(shù)，它就可以分解質(zhì)因數(shù)。我們就可以得到素?cái)?shù)。這里，因?yàn)闊o限的偶數(shù)，我們不可以一一驗(yàn)證，只能用假設(shè)計(jì)算邏輯理論把全部偶數(shù)用未知數(shù)計(jì)算，推到無窮。求任意偶數(shù)存在一組素?cái)?shù)對。根據(jù)計(jì)算邏輯用假設(shè)把余項(xiàng)、素?cái)?shù)變化，推進(jìn)到無窮，而任意偶數(shù)屬于有限，因此得到矛盾。大于2的偶數(shù)必定是2個素?cái)?shù)之和，不存在反例。

關(guān)鍵詞：假設(shè);素?cái)?shù);合數(shù);分解質(zhì)因數(shù);相互參照

引言：

1742年，哥德巴赫給歐拉的信中提出了以下猜想：任一大于2的偶數(shù)都可以寫成2個質(zhì)數(shù)之和。但是哥德巴赫自己無法證明它，于是就寫信請教赫赫有名的大數(shù)學(xué)家歐拉幫忙證明，然而一直到死，歐拉也無法證明。

大于2的任意偶數(shù)必定是2個素?cái)?shù)之和

抽象假設(shè)，模擬同步算術(shù)基本邏輯，推理判斷和假設(shè)矛盾

數(shù)學(xué)理論判斷：這是什么數(shù)學(xué)理論。

問：那么這是一遍整數(shù)理論、還是分?jǐn)?shù)理論。

假設(shè)：它是一遍分?jǐn)?shù)理論，相反用分?jǐn)?shù)判斷一個數(shù)，我們不能判斷它是素?cái)?shù)、或者合數(shù)

∴它是一遍整數(shù)理論

根據(jù)素?cái)?shù)和合數(shù)性質(zhì)

定理：素?cái)?shù)不可以分解質(zhì)因數(shù)。

定理：復(fù)合數(shù)可以分解質(zhì)因數(shù)。

反證法，只有兩種判斷選擇：或（是）、或（否）。如果否：那么否定一切你提出一切假設(shè)問題。

科技理論只有：是、或者否

設(shè)：（自然數(shù)N）N>1

任意、偶數(shù)=2N

任意、奇數(shù)=2N-1

∵2N÷2=N（滿足整數(shù)解）

∴自然數(shù)N>1（偶數(shù)里面沒有素?cái)?shù)）

假設(shè)：【2N≠Pa+Pb】

假設(shè)：N≠P（P任意素?cái)?shù)）

N=偶數(shù)（偶數(shù)：N）N-1=S1

N=奇數(shù)（奇數(shù)：N）N-2=S2

2N-S1（N=偶數(shù)）=L1

2N-S2（N=奇數(shù)）=L1

L1（要么是素?cái)?shù)、要么復(fù)合數(shù)）

假設(shè)：L1素?cái)?shù)

2N-L1=S1（要么是素?cái)?shù)、要么是合數(shù)）..........

2N-L1=S1（假設(shè)：2N-L1=A1×B1×C1.......... ×Pn）

2N-S1=L1（假設(shè)：L1=復(fù)合數(shù)、分解質(zhì)因數(shù)L1=A1×B1×C1.......... ×Pn【模擬.算術(shù)基本邏輯】

如果：L1=素?cái)?shù)。

那么2N-L1=S1（假設(shè)：S1=合數(shù)：分解質(zhì)因數(shù)S1=A1×B1×C1×Pn）

模擬算術(shù)邏輯：如果余數(shù)字母等于素?cái)?shù)，則【2N=Pa+Pb 】

這里設(shè)：【2N≠Pa+Pb 】條件下算術(shù)邏輯理論

這里用簡單模擬假設(shè)：S1=A1×B1×C1

抽取素因數(shù)、A1、B1、C1、

L2、H2、M2、（素?cái)?shù)、或、復(fù)合數(shù)）

抽取素?cái)?shù)：A2、B2、C2、

抽取素?cái)?shù)：A3、B3、C3、

抽取素?cái)?shù)：A4、B4、C4、

L5、H5、M5（素?cái)?shù)、或、復(fù)合數(shù)）

抽取素?cái)?shù)：A5、B5、C5..........模擬算術(shù)邏輯（WY1）。

算術(shù)邏輯，只能兩個選擇，

要么、算術(shù)邏輯循環(huán)（素?cái)?shù)循環(huán)）

相反、算術(shù)邏輯，無限不循環(huán)

（一）要么、算術(shù)邏輯循環(huán)（素?cái)?shù)循環(huán)）

模擬假設(shè)：都是復(fù)合數(shù)，循環(huán)算術(shù)邏輯

∵2N-A=Bb（抽取素?cái)?shù)：B）

∵2N-B=Cc（抽取素?cái)?shù)：C）

∵2N-C=Aa（抽取素?cái)?shù)：A）

根據(jù)模擬假設(shè)邏輯

∴【2N≠Pa+Pb 】

（二）相反、算術(shù)邏輯，無限不循環(huán)【于是，無限增加：不相同素?cái)?shù)】

∵2N<∞

∴假設(shè)矛盾，相反根據(jù)上面算術(shù)邏輯（2N=Pa+Pb）

假設(shè)：（2N≠P1+P2）前提下，選擇（一）算術(shù)邏輯循環(huán)、

再進(jìn)行模擬算術(shù)邏輯

那么、2N-L1=S1【假設(shè)：S1=復(fù)合數(shù)，分解質(zhì)因數(shù)S1=A1×B1×C1】

抽取素?cái)?shù)：A1、B1、C1

抽取質(zhì)因數(shù)：A2、B2、C2

這里E4、F4、G4、可以是素?cái)?shù)或者合數(shù)

抽取質(zhì)因數(shù)：S2、W2、R2

抽取素?cái)?shù)：S3、W3、R3

這里E4、F4、G4、可以是素?cái)?shù)或者合數(shù)

抽取素?cái)?shù)：S4、W4、R4、

抽取素?cái)?shù)：S5、W5、R5、

這里E6、F6、G6、可以是素?cái)?shù)或者是合數(shù)

抽取素因數(shù)S6、W6、R6、...........①②①②模擬算術(shù)邏輯（WY2）

算術(shù)邏輯，只有兩個選擇，

（三）（WY2）要么、算術(shù)邏輯循環(huán)（素?cái)?shù)循環(huán)）

算術(shù)循環(huán)邏輯，代表2N用這個算術(shù)邏輯①余項(xiàng)字母等于合數(shù)

∴（2N≠P1+P2）

（四）（WY2）相反、算術(shù)邏輯，無限不循環(huán)【于是，無限增加：不相同素?cái)?shù)】

∵2N<∞

∴假設(shè)矛盾。相反、根據(jù)上面算術(shù)邏輯（2N=P1+P2）

那么、設(shè)：【2N≠P1+P2】（理論條件下），選擇（一）、（三）循環(huán)算術(shù)邏輯假設(shè)（循環(huán)素?cái)?shù)）

將兩個算術(shù)邏輯循環(huán)問題，合并成一個問題，進(jìn)行相互參照判斷推理。

設(shè)：（WY1）循環(huán)算術(shù)邏輯S項(xiàng)列（注：無限大的數(shù)，這里不能每一式拿來判斷），只能根據(jù)抽象理論進(jìn)行推理判斷。

抽象模擬：S列項(xiàng)循環(huán)算術(shù)循環(huán)：余數(shù)等于合數(shù)

A→B→C→D→E→F→G→H→A

∵（1）2N-A=Bb

∵（2）2N-B=Cc

∵（3）2N-C=Dd

∵（4）2N-D=Ee

∵（5）2N-E=Ff

∵（6）2N-F=Gg

∵（7）2N-G=Hh..........

∵（S）2N-Hs=Aa

（1）2N-A=Bb..........

∴根據(jù)（WY1）模擬算術(shù)邏輯【2N≠Pa+Pb】

（WY1）和（WY2）屬于循環(huán)算術(shù)邏輯

把（WY1）每一步素?cái)?shù)，根據(jù)（WY2）模擬算術(shù)邏輯

這里有、

（1）2N-2A=2[X1]? ?（WY2算術(shù)邏輯） ②①②①..........

（2）2N-2B=2[X2]? ?（WY2算術(shù)邏輯） ②①②①..........

（3）2N-2C=2[X3]? ?（WY2算術(shù)邏輯） ②①②①........

（4）2N-2D=2[X4]? ?（WY2算術(shù)邏輯） ②①②①..........

（5）2N-2E=2[X5]? ?（WY2算術(shù)邏輯） ②①②①..........

（6）2N-2F=2[X6]? ?（WY2算術(shù)邏輯） ②①②①..........

（7）2N-2G=2[X7]? ?（WY2算術(shù)邏輯） ②①②①..........

（WY2） ②①②①..........

（S）2N-2H=2[Xs]? ?（WY2算術(shù)邏輯）②①②①........

這里、[X1] ～ ～ [Xs]，素?cái)?shù)或者合數(shù)，它分解質(zhì)因數(shù)

假設(shè)：[X1] ～ ～ [Xs]素?cái)?shù)或者合數(shù)，分解質(zhì)因數(shù)。全部屬于（WY1）素?cái)?shù)

那么、解得

（1）N-A=[X1]? ? ? （WY2） ②①②①..........

那么、解得

（2）N-B=[X2]? ? ? （WY2） ②①②①..........

那么、解得

（3）N-C=[X3]? ? ? （WY2） ②①②①..........

那么、解得

（4）N-D=[X4]? ? ? （WY2） ②①②①..........

那么、解得

（5）N-E=[X5]? ? ? （WY2） ②①②①..........

那么、解得

（6）N-F=[X6]? ? ? （WY2） ②①②①..........

那么、解得

（7）N-G=[X7]? ? ? （WY2） ②①②①..........

那么、解得

（WY2）? ?（WY2） ②①②①..........

那么、解得..........

（S）N-H=[Xs]? ? ? （WY2） ②①②①..........

那么、（WY2）算術(shù)循環(huán)邏輯相互參照（WY1）這里每一步的素?cái)?shù)。

假設(shè)：（2N-A=Bb） （ 2N-2A=2Bd）

2N-A=Bb和 2N-2A=2Bd

A=Bb-2Bd

A=Bd（Bb-d-2）

2N-Bd（Bb-d-2）=Bb

2N-Bb+2Bd=Bb

N=2Bb-2Bd

那么、2N÷B <不滿足整數(shù)解>

假設(shè)矛盾。相反、 2N-2A=2[X1]【（X1）素?cái)?shù)或者合數(shù)，不包含B的素因數(shù)?！?/p>

設(shè)：[X1]素?cái)?shù)或者合數(shù)，合數(shù)分解素因數(shù)、屬于（WY1）算術(shù)里面素?cái)?shù)。相同的邏輯，相同素?cái)?shù)

∵2N≠N

∴假設(shè)矛盾

根據(jù)算術(shù)邏輯（WY2）屬于增加新素?cái)?shù)（于是：無限增加不相同素?cái)?shù)）

假設(shè)矛盾、那么根據(jù)算術(shù)邏輯公理（WY2算術(shù)邏輯）、屬于無限增加（無限增加不相同素?cái)?shù)）

∵任意2N<無限大

假設(shè)矛盾、如果（WY2）算術(shù)邏輯循環(huán)，根據(jù)（WY2）算術(shù)邏輯【2N=Pa+Pb 】。

參考文獻(xiàn)：

歐幾里得質(zhì)數(shù)無限個定理，科學(xué)研究，改寫版

抽象假設(shè)，模擬基本算術(shù)邏輯，判斷推理和假設(shè)矛盾。

素?cái)?shù)個數(shù)無限個<整數(shù)論、哲學(xué)>

抽象假設(shè)：

設(shè)：素?cái)?shù)個數(shù)有限個

從小到大依次排列為P1、P2、 P3 .......... Pn

模擬基本算術(shù)邏輯：由小到大依次相乘

P1×P2×P3× .......... ×.Pn=N

2×3×5×7× .......... ×Pn=N

那么，N+1

是素?cái)?shù)或者不是素?cái)?shù)

N+1>Pn

判斷推理：

如果：N+1為合數(shù)，

設(shè)：N+1=W【X】

設(shè)：W=P1、P2、 P3? .......... Pn（任意素?cái)?shù)）

設(shè)：（N+1）÷W=【X】等式成立。

（N+1）÷W

N÷W（滿足整數(shù)解）

1÷W（不滿足整數(shù)解）

命題條件是整數(shù)論（素?cái)?shù)定義）

而，1÷W（不滿足整數(shù)解），屬于分?jǐn)?shù)。

X不屬于整數(shù)集合

假設(shè)矛盾

所以N+1合數(shù)或者素?cái)?shù)

N+1素因數(shù)分解得到的素因數(shù)肯定不在假設(shè)P1、P2、 P3 ............Pn、里面..........

假設(shè)的有限個素?cái)?shù)之外還存在著其他素?cái)?shù)。所以原先的假設(shè)不成立。也就是說，素?cái)?shù)有無窮多個

注：這遍文章屬于歐幾里得學(xué)術(shù)理論

注;本論文不需要任何人參考文獻(xiàn)

注解：

本論文是按照基本算術(shù)邏輯，要么是素?cái)?shù)、要么是合數(shù)、在數(shù)學(xué)公理里面合數(shù)是可以分解質(zhì)因數(shù)。

模擬示意：

18-3=A（A因式分解：3×5）

根據(jù)上面模擬的算術(shù)邏輯，提取質(zhì)因數(shù)3、5

18-3=C （C因式分解：3×5）

18-5=D【D=13等于質(zhì)數(shù)在無限數(shù)里面我們不知道D是質(zhì)數(shù)或者合數(shù)】

在無限的數(shù)字了里面，18是一個未知書，我這里就是吧，D=13假設(shè)為合數(shù)，進(jìn)行對無限個偶數(shù)進(jìn)行推理，是否存在無限個偶數(shù)里面有沒有存在反列，偶數(shù)不等于2個質(zhì)數(shù)之和。

注解：

本論文是按無限假設(shè)為主，又和歐幾里得素?cái)?shù)無限個進(jìn)行改寫，做參考文獻(xiàn)。

作者單位：福建福安甘棠第六中學(xué)